tceic.com
学霸学习网 这下你爽了
相关文章
当前位置:首页 >> 高考 >>

06年第23届全国中学生物理竞赛预赛参考答案及评分标准


06 年第 23 届全国中学生物理竞赛预赛参考答案及评分标准
一. 1.线剪断前,整个系统处于平衡状态。此时弹簧 S1 的弹力 F1=(mA+mB+mC)g (1) 弹簧 S2 的弹力 F2=mcg (2)

在线刚被剪断的时刻,各球尚未发生位移,弹簧的长度尚无变化,故 F1、F2 的大小尚 未变化,但线的拉力消失。设此时 A、B、C 的加速度的大小分别为 aA、aB、aC, 则有 F1-mAg=mAaA(3) F2+mBg=mBaB(4) F2-mCg=mCaC(5) 解以上有关各式得 aA=

mB ? mC g,方向竖直向上(6); mA

aB=

mB ? mC g,方向竖直向下(7);aC=0(8) mB

2.开始时,磁铁静止不动,表明每一条磁铁受到另一条磁铁的磁力与它受到板的静摩擦力 平衡。 (1)从板突然竖直向下平移到停下,板和磁铁的运动经历了两个阶段。起初,板向下 加速移动,板与磁铁有脱离接触的趋势,磁铁对板的正压力减小,并跟随板一起作加速度方 向向下、 速度向下的运动。 在这过程中, 由于磁铁对板的正压力减小, 最大静摩擦力亦减小。 向下的加速度愈大,磁铁的正压力愈小,最大静摩擦力也愈小。当板的加速度大到某一数值 时,最大静摩擦力减小到小于磁力,于是磁铁沿着平板相向运动并吸在一起。接着,磁铁和 板一起作加速度方向向上、速度向下的运动,直线停在 A′B′处。在这过程中,磁铁对板的正 压力增大,最大静摩擦力亦增大,因两磁铁已碰在一起,磁力、接触处出现的弹力和可能存 在的静摩擦力总是平衡的,两条磁铁吸在一起的状态不再改变。 (2)从板突然竖直向下平移到停下,板和磁铁的运动也经历了两个阶段。起初,板和 磁铁一起作加速度方向向上、速度向上的运动。在这过程中,正压力增大,最大静摩擦力亦 增大, 作用于每个磁铁的磁力与静摩擦力始终保持平衡, 磁铁在水平方向不发生运动。 接着, 磁铁和板一起作加速度方向向下、速度向上的运动,直线停在 A″B″处。在这过程中,磁铁 对板的正压力减小,最大静摩擦力亦减小,向下的加速度愈大,磁铁的正压力愈小,最大静 摩擦力也愈小。当板的加速度大到某一数值时,最大静摩擦力减小到小于磁力,于是磁铁沿 着平板相向运动并吸在一起。 评分标准: (本题 20 分) 1.10 分, ( 1) 、 (2) 、 (3) 、 (4) 、 (5) 、 (6) 、 (7) 、 (8)式各 1 分,aA、aB 的方向各 1 分。

2.10 分, (1)5 分, (2)5 分, (必须正确说出两条形磁铁能吸引在一起的理由,才给 这 5 分,否则不给分) 。

二、

3. (1)

(2) (3)

1 3

2、f1,f4

评分标准: (本题 20 分)112 分, (1) .4 分, (2)4 分, (3)4 分。 4.8 分。两个空格都填对,才给这 8 分,否则 0 分。



5.

(1)通过对点电荷场强方向的分析,场强为零的 P 点只可能位于两点电荷之间。设 P 点的坐标为 x0,则有 k

q1 q2 =k 2 x0 (l ? x0 ) 2

(1)

已知 q2=2q1 (2)

由(1) 、 (2)两式解得 x0= ( 2 ? 1)l (3) (2)先考察点电荷 q0 被限制在沿 x 轴运动的情况。q1、q2 两点电荷在 P 点处产生的场 强的大小分别为 E10= k

q1 2 x0

E20= k

q2 ,且有 E10=E20,二者方向相反。点电荷 q0 在 (l ? x0 ) 2

P 点受到的合力为零,故 P 点是 q0 的平衡位置。在 x 轴上 P 点右侧 x=x0+△x 处,q1、q2 产 生的场强的大小分别为 E′1= k

q1 q2 <E10 方向沿 x 轴正方向 E′2= k 2 ( x0 ? ?x) (l ? x0 ? ?x) 2

>E20 方向沿 x 轴负方向由于 E′2>E′1,x=x0+△x 处合场强沿 x 轴的负方向,即指向 P 点。在

x 轴上 P 点左侧 x=x0-△x 处,q1、q2 的场强的大小分别为 E″1= k

q1 >E10 方向沿 ( x0 ? ?x) 2

x 轴正方向 E″2= k

q2 <E20 方向沿 x 轴负方向,由于 E″2<E″1,x=x0-△x 处合 (l ? x0 ? ?x) 2

场强的方向沿 x 轴的正方向,即指向 P 点。 由以上的讨论可知,在 x 轴上,在 P 点的两侧,点电荷 q1 和 q2 产生的电场的合场强的 方向都指向 P 点,带正电的点电荷在 P 点附近受到的电场力都指向 P 点,所以当 q0>0 时, P 点是 q0 的稳定平衡位置。带负电的点电荷在 P 点附近受到的电场力都背离 P 点,所以当 q0<0 时,P 点是 q0 的不稳定平衡位置。 再考虑 q0 被限制在沿垂直于 x 轴的方向运动的情况。沿垂直于 x 轴的方向,在 P 点两 侧附近,点电荷 q1 和 q2 产生的电场的合场强沿垂直 x 轴分量的主向都背离 P 点,因而带正 电的点电荷在 P 点附近受到沿垂直 x 轴的分量的电场力都背离 P 点。所以,当 q0>0 时,P 点是 q0 的不稳定平衡位置。带负电的点电荷在 P 点附近受到的电场力都指向 P 点,所以当 q0<0 时,P 点是 q0 的稳定平衡位置。 评分标准: (本题 20 分) (1)2 分 (2)当 q0 被限制在沿 x 轴方向运动时,正确论证 q0>0,P 点是 q0 的稳定平衡位置,占 3 分;正确论证 q0<0,P 点是 q0 的不稳定平衡位置,占 3 分。 (未列公式,定性分析正确的 同样给分) 当 q0 被限制在垂直于 x 轴方向运动时,正确论证 q0>0,P 点是 q0 的不稳定平衡位置, 占 2 分;正确论证 q0<0,P 点是 q0 的稳定平衡位置,占 2 分。 6.8 分。纵坐标的数值或图线有错的都给 0 分。纵坐标的数值、图线与参考解答不同,正 确的同样给分。

四、 开始时竖直细管内空气柱长度为 L,压强为 H(以 cmHg 为单位) ,注入少量水银后, 气柱将因水银柱压力而缩短。当管中水银柱长度为 x 时,管内空气压强 p=(H+x),根据玻意 耳定律,此时空气柱长度 L′=

HL H?x

(1)

空气柱上表面与管口的距离 d=L-L′=

L x H?x

(2)

开始时 x 很小,由于 L>H,故

d >1 H?x

即水银柱上表面低于管口,可继续注入水银,直至 d=x(即水银柱上表面与管口相平) 时为止。何时水银柱表面与管口相平,可分下面两种情况讨论。 1.水银柱表面与管口相平时,水银柱未进入水平管,此时水银柱的长度 x≤l, 由玻意耳定律有(H+x)(L-x)=HL (3) 由(3)式可得 x=L-H (4)

由此可知,当 l≥L-H 时,注入的水银柱的长度 x 的最大值 xmax=L-H(5) 2.水银柱表面与管口相平时,一部分水银进入水平管,此时注入水银柱的长度 x>l, 由玻意耳定律有(H+l)(L-x)=HL (6) x=

Ll H ?l

(7)

l<x=

Ll (8) H ?l

由(8)式得 l<L-H 或 L>H+l (9)

x=L-H

L <L-H (10) H ?l

即当 l<L-H 时,注入水银柱的最大长度 x<xmax。 由上讨论表明,当 l≥L-H 时,可注入的水银量为最大,这时水银柱的长度为 xmax,即 (5)式。 评分标准: (本题 20 分) 正确论证当 l≥L-H 时,可注入的水银量最大,占 13 分。求出

最大水银量占 7 分,若论证的办法与参考解答不同,只要正确,同样给分。

五. 正、负电子绕它们连线的中点作半径为

r 的圆周运动,电子的电荷量为 e,正、负电子 2

间的库仑力是电子作圆周运动所需的向心力,即 k

e2 v2 ? m (r / 2) r2

(1)

正电子、负电子的动能分别为 Ek+和 Ek-,有 Ek+=Ek-=

1 2 mv (2) 2

正、负电子间相互作用的势能 Ep=- k 电子偶素的总能量 E=Ek++Ek-+Ep

e2 r

(3)

(4)

由(1) 、 (2) 、 (3) 、 (4)各式得 E=-

1 e2 k 2 r

(5)

根据量子化条件 mrv=n n

h 2?

n=1,2,3,… (6)

(6)式表明,r 与量子数 n 有关。由(1)和(6)式得与量子数 n 对应的定态 r 为

n2h2 rn= 2? 2 ke 2 m

n=1,2,3,…… (7)

代入(5)式得与量子数 n 对应的定态的 E 值为 En=

n2k 2e4m n2h2

n=1,2,3,…… (8)

n=1 时,电子偶素的能量最小,对应于基态。基态的能量为 E1=-

n2k 2e4m h2

(9)

n=2 是第一激发态,与基态的能量差△E=

3 n 2k 2e4m 4 h2

(10)

评分标准: (本题 20 分) (2)式 2 分, (5)式 4 分, (7)式、 (8)式各 5 分, (10)式 4 分。

六. P 被释放后,细绳的张力对 D 产生机械力矩,带动 D 和 A1 作逆时针的加速转动,通过 两个轮子之间无相对运动的接触,A1 带动 A2 作顺时针的加速运动。由于两个轮子的辐条切 割磁场线,所以在 A1 产生由周边沿辐条指向轴的电动势,在 A2 产生由轴沿辐条指向周边的 电动势,经电阻 R 构成闭合电路。A1、A2 中各辐条上流有沿电动势方向的电流,在磁场中 辐条受到安培力。不难看出,安培力产生的电磁力矩是阻力矩,使 A1、A2 加速转动的势头 减缓。A1、A2 从起始的静止状态逐渐加速转动,电流随之逐渐增大,电磁阻力矩亦逐渐增 大,直至电磁阻力矩与机械力矩相等,D、A1 和 A2 停止作加速转动,均作匀角速转动,此 时 P 匀速下落,设其速度为 v,则 A1 的角速度 ?1 ?

v a0

(1)

A1 带动 A2 转动,A2 的角速度 ω2 与 A1 的角速度 ω1 之间的关系为 ω1a1=ω2a2 (2)

A1 中每根辐条产生的感应电动势均为 ? 1 ?

1 2 Ba1 ?1 2

(3)

轴与轮边之间的电动势就是 A1 中四条辐条电动势的并联,其数值见(3)式。 同理, A2 中,轴与轮边之间的电动势就是 A2 中四条辐条电动势的并联,其数值为

?2 ?

1 2 Ba 2 ? 2 (4) 2

A1 中, 每根辐条的电阻为 R1, 轴与轮边之间的电动势就是 A1 中四条辐条电动势的并联, 其数值为 RA1=

R1 (5) 4

A2 中,每根辐条的电阻为 R2,轴与轮边之间的电动势就是 A2 中四条辐条电动势的并 联,其数值为 RA2=

R2 (6) 4

A1 轮、A2 轮和电阻 R 构成串联回路,其中的电流为 I=

?1 ? ? 2
R ? R A1 ? R A2

(7)

1 ) Ba1 (a1 ? a 2 )v 2a 0 以(1)至(6)式代入(7)式,得 I= (8) R R R?( 1)?( 2) 4 4 (
当 P 匀速下降时,对整个系统来说,重力的功率等于所有电阻的焦耳热功率之和,即 mgv=I2(R+

R1 R 2 + ) 4 4

(9)

以(8)式代入(9)式得 v= 评分标准: (本题 25 分)

m g(4 R ? R1 ? R2 )a0 B 2 a1 (a1 ? a 2 ) 2
2

2

(10)

(1) 、 (2)式各 2 分, (3) 、 (4)式各 3 分, (5) 、 (6) 、 (7)式各 2 分, (9)式 6 分, (10)式 3 分。

七、 1.如图 1 所示,设筒内磁场的方向垂直纸面指向纸外, 带电粒子 P 带正电,其速率为 v。P 从小孔射入圆筒中因受 到磁场的作用力而偏离入射方向,若与筒壁只发生一次碰 撞,是不可能从小孔射出圆筒的。但与筒壁碰撞两次,它就

有可能从小孔射出。在此情形中,P 在筒内的路径由三段等长、等半径的圆弧 HM、MN 和 NH 组成。现考察其中一段圆弧 MN,如图 2 所示,由于 P 沿筒的半径方向入射,OM 和 ON 均与轨道相切,两者的夹角 ? ?

2 ? (1) 3

设圆弧的圆半径为 r,则有 qvB=m

v2 (2) r

圆弧对轨道圆心 O′所张的圆心角 ? ?

?
3

(3)

由几何关系得 r=Rcot

? (4) 2

解(2) 、 (3) 、 (4)式得 v= 3qBR (5) m 2.P 由小孔射入到第一次与筒壁碰撞所通过的路径为 s=βr(6) ,经历时间为 t1= (7) P 从射入小孔到射出小孔经历的时间为 t=3t1 (8) 由以上有关各式得 t=

s v

?m qB

(9)

评分标准: (本题 25 分)1、17 分, (1) 、 ( 2) 、 (3) 、 (4)式各 3 分, (5)式 5 分。2、8 分, (6) 、 (7) 、 (8) 、 (9)式各 2 分。

八. 小球获得沿竖直向下的初速度 v0 后,由于细绳处于松 弛状态,故从 C 点开始,小球沿竖直方向作初速度为 v0、 加速度为 g 的匀加速直线运动。当小球运动到图 1 中的 M 点时,绳刚被拉直,匀加速直线运动终止。此时绳与竖直 方向的夹角为 α=30?。 在这过程中,小球下落的距离 s=l+2lcosα=l(1+ 3 ) (1) 细绳刚拉直时小球的速度 v1 满足下式:v12=v22+2gs (2) 在细绳拉紧的瞬间, 由于绳的伸长量可不计而且绳是非弹性的, 故小球沿细绳方向的分 速度 v1cosα 变为零,而与绳垂直的分速度保持不变,以后小球将从 M 点开始以初速度

v1′=v1sinα=

1 v1 (3) 2

在竖直平面内作圆周运动, 圆周的半径为 2l, 圆心位于 A 点, 如图 1 所示, 由 (1) 、 ( 2) 、 (3)式得 v12=

1 2 1 v0 ? gl (1 ? 3 ) 4 2

(4)

当小球沿圆周运动到图中的 N 点时,其速度为 v,细绳与水平方向的夹角为 θ,由能量 关系有

1 1 ? 2 ? mv 2 ? mg ( 3l ? 2l sin ? ) (5) mv1 2 2
(6)

v2 用 FT 表示绳对小球的拉力,有 FT+mgsinθ= m 2l
2 1. v0 ? 2(6 2 ? 3 3 ? 1) gl

设在 θ=θ1 时(见图 2) ,绳开始松弛,FT=0,小球的速度 v=u1。以此代入(5) 、 (6)两式得

? 2 ? u12 ? 2g ( 3l ? 2l sin ?1 ) v1
u12 mgsinθ1= (8) 2l

(7)

由(4) 、 (7) 、 (8)式和题设 v0 的数值可求得 θ1=45° (9) u1=

2 gl

(10)

即在 θ1=45° 时,绳开始松弛,以 N1 表示此时小球在圆周上的位置,此后,小球将脱离 圆轨道从 N1 处以大小为 u1,方向与水平方向成 45° 角的初速度作斜抛运动。 以 N1 点为坐标原点,建立直角坐标系 N1xy,x 轴水平向右,y 轴竖直向上。若以小球 从 N1 处抛出的时刻作为计时起点,小球在时刻 t 的坐标分别为 x=u1cos45° t=

2 u1t (11) 2

y= u1sin45° t-

1 2 2 1 gt = u1t- gt2 (12) 2 2 2

由(11) 、 (12)式,注意到(10)式,可得小球的轨道方程:y=x-g

x2 x2 =x - (13) u12 2l

AD 面的横坐标为 x=2lcos45° = 2l

(14) (15)

由(13) 、 (14)式可得小球通过 AD 所在竖直平面的纵坐标 y=0

由此可见小球将在 D 点上方越过,然后打到 DC 边上,DC 边的纵坐标为 y=-(2lsin45°

-l)=-( 2 -1)l(16) 把(16)式代入(13)式,解得小球与 DC 边撞击点的横坐标 x=1.75l (17) 撞击点与 D 点的距离为△l=x-2lcos45° =0.35l (18) 2.v02=2(3 3 +11)gl 设在 θ=θ2 时,绳松弛,FT=0,小球的速度 v=u2。以此代替(5) 、
2 ? 2 ? u2 (6)式中的 θ1、u1,得 v1 ? 2g ( 3l ? 2l sin ? 2 )
2 u2 (20) 2l

(19)

msinθ2=

以 v02=2(3 3 +11)gl3 代入(4)式,与(19) 、 (20)式联立,可解得 θ2=90° (21) u2= 2gl (22) (22)式表示小球到达圆周的最高点处时,绳中张力为 0,随后绳子被拉紧,球速增大, 绳中的拉力不断增加, 拉力和重力沿绳子的分力之和等于小球沿圆周运动所需的向心力, 小 球将绕以 D 点为圆心,l 为半径的圆周打到梁上的 C 点。 评分标准: (本题 25 分) (3)式 2 分, (5) 、 (6)式各 1 分, (9) 、 (10)式各 3 分,得出小 球不可能打在 AD 边上,给 3 分,得出小球能打在 DC 边上,给 2 分,正确求出小球打在 DC 边上的位置给 2 分。求出(21) 、 (22)式各占 3 分,得出小球能打在 C 点,再给 2 分。 如果学生直接从抛物线方程和 y=-(2lsin45° -l)=-( 2 -1)l 求出 x=1.75l,同样给分。 不必证明不能撞击在 AD 边上。

九. 1.这是一个大尺度运动,导弹发射后,在地球引力作用下 将沿椭圆轨道运动。如果导弹能打到 N 点,则此椭圆一定位于 过地心 O、北极点 N 和赤道上的发射点 C 组成的平面(此平面 是 C 点所在的子午面)内,因此导弹的发射速度(初速度 v)必须也在此平面内,地心 O 是椭圆的一个焦点。根据对称性,注意到椭圆上的 C、N 两点到焦点 O 的距离相等,故所 考察椭圆的长辆是过 O 点垂直 CN 的直线, 即图上的直线 AB, 椭圆的另一焦点必在 AB 上。 已知质量为 m 的物体在质量为 M 的地球的引力作用下作椭圆运动时,物体和地球构成的系 统的能量 E(无穷远作为引力势能的零点)与椭圆半长轴 a 的关系为 E=-

GMm (1) 2a

要求发射的能量最少,即要求椭圆的半长轴 a 最短。根据椭圆的几何性质可知,椭圆的

两焦点到椭圆上任一点的距离之和为 2a,现 C 点到一个焦点 O 的距离是定值,等于地球的 半径 R,只要位于长轴上的另一焦点到 C 点的距离最小。该椭圆的半长轴就最小。显然, 当另一焦点位于 C 到 AB 的垂线的垂足处时,C 到该焦点的距离必最小。由几何关系可知 2a=R+

2 R (2) 2
1 2 GMm mv - 2 R
(3)

设发射时导弹的速度为 v,则有 E=

解(1) 、 (2) 、 (3)式得 v=

2GM ( 2 ? 1) R

(4)



GMm =mg (5) R2
(6)

比较(4) 、 (5)两式得 v= 2 Rg ( 2 ? 1) 代入有关数据得 v=7.2km/s (7)

速度的方向在 C 点与椭圆轨道相切。根据解析几何知识,过椭圆上一点的切线的垂直 线,平分两焦点到该点连线的夹角∠OCP,从图中可看出,速度方向与 OC 的夹角 θ=90?-

1 × 45? =67.5? (8) 2
2.由于地球绕通过 ON 的轴自转,在赤道上 C 点相对地心的速度为 vC=

2?R T

(9)

式中 R 是地球的半径, T 为地球自转的周期, T=24× 3600s=86400s, 故 vC=0.46km/s (10) C 点速度的方向垂直于子午面(图中纸面) 。位于赤道上 C 点的导弹发射前也有与子午 面垂直的速度 vC,为使导弹相对于地心速度位于子午面内,且满足(7) 、 (8)两式的要求, 导弹相对于地面(C 点)的发射速度应有一大小等于 vC、方向与 vC 相反的分速度,以使导 弹在此方向相对于地心的速度为零,导弹的速度的大小为 v′= v ? vC
2 2

(11)

代入有关数据得 v′=7.4km/s (12) 它在赤道面内的分速度与 vC 相反,它在子午面内的分速度满足(7) 、 (8)两式。 3.质量为 m 的质点在地球引力作用下的运动服从机械能守恒定律和开普勒定律,故对 于近地点和远地点有下列关系式

1 2 GMm 1 2 GMm = m v2 ? m v1 ? 2 r1 2 r2

(13)

1 1 r1 v1 = r2 v 2 2 2

(14)

式中 v1、v2 分别为物体在远地点和近地点的速度,r1、r2 为远地点和近地点到地心的距 离。将(14)式中的 v1 代入(13)式,经整理得 注意到 r1+r2=2a 得 (16)

1 2 r22 GMm mv2 ( 2 ? 1) ? (r2 ? r1 ) 2 r1r2 r1

(15)

1 2 GMm r1 (17) m v2 ? 2 2a r2
1 2 GMm m v2 ? 2 r2
(18)

因 E=

由(16) 、 (17) 、 (18)式得 E=- 评分标准: (本题 25 分)

GMm 2a

(19)

1、14 分。 (2)式 6 分, (3)式 2 分, (6) 、 (7)式共 4 分, (8)式 2 分。 2、6 分。 (11)式 4 分, (12)式 2 分。 3、5 分。 (13) 、 (14)式各 1 分, (19)式 3 分。


推荐相关:

06年第23届全国中学生物理竞赛预赛参考答案及评分标准.doc

06年第23届全国中学生物理竞赛预赛参考答案及评分标准 - 06 年第 23 届全国中学生物理竞赛预赛参考答案及评分标准 一. 1.线剪断前,整个系统处于平衡状态。此时...

2006第23届全国中学生物理竞赛预赛题参考解答及评分标准.doc

2006第23届全国中学生物理竞赛预赛题参考解答及评分标准_学科竞赛_初中教育_教育专区。第 23 届全国中学生物理竞赛预赛题参考解答及评分标准一、参考解答: 1. 线...

第23届全国中学生物理竞赛预赛答案.doc

第23届全国中学生物理竞赛预赛答案 - 第 23 届全国中学生物理竞赛预赛题参考解答及评分标准 一、参考解答: 1. 线剪断前,整个系统处于平衡状态。此时弹簧 S1 的...

第23届全国中学生物理竞赛预赛试卷附答案.doc

2a 06 年第 23 届全国中学生物理竞赛预赛参考答案及评分标准一、参考解答:

2006年第23届全国中学生物理竞赛预赛试卷.doc

2006 年第 23 届全国中学生物理竞赛预赛试卷一、解答题(共 2 小题,满分

第23届全国中学生物理竞赛预赛试卷及答案.doc

第23届全国中学生物理竞赛预赛试卷及答案 - 第 23 届全国中学生物理竞赛预赛试题 (2006 年 9 月 3 日) 本卷共九题,满分 200 分一、 (20 分,每小题 10 ...

2006深圳第23届全国中学生物理竞赛预赛试题及答案.doc

23 届预赛试题及答案 第二十三届全国中学生物理竞赛预 赛试题 本卷共九题,满分

第23届全国中学生物理竞赛预赛题参考解答及评分标准.doc

第23届全国中学生物理竞赛预赛题参考解答及评分标准 - 第 23 届全国中学生物理竞赛预赛题参考解答及评分标准 一、参考解答: 1. 线剪断前,整个系统处于平衡状态。...

第23届全国中学生物理竞赛预赛题及参考解答及评分标准.doc

第23届全国中学生物理竞赛预赛题参考解答及评分标准_学科竞赛_高中教育_教育...第28届全国中学生物理竞... 12页 5下载券 06年第23届全国中学生物... ...

2006年第23届全国中学生物理竞赛预赛、复赛题及参考解....doc

2a 中小学教育资源交流中心 http://www.k12zy.com 提供 06 年第 23 届全国中学生物理竞赛预赛参考答案及评分标准一、参考解答: 1、线剪断前,整个系统处于平衡...

第23届全国中学生物理竞赛预赛试卷附答案.doc

第23届全国中学生物理竞赛预赛试卷附答案 - 2006 年第 23 届全国中学生物理竞赛预赛试卷 总分 200 分 考试时间 180 分钟 一、 (20 分,每小题 10 分) 1、...

第23届全国中学生物理竞赛预赛参考解答.doc

第23届全国中学生物理竞赛预赛参考解答_调查/报告_...(9) 评分标准:(本题 25 分) 1.17 分.(1)、...06年第23届全国中学生物... 6页 1下载券 第...

第23届全国中学生物理竞赛初赛试题及参考解答.doc

第二十三届全国中学生物理竞赛初赛试题及答案本卷共...评分标准:(本题 20 分) 1.10 分.(1)、(2)、...2006年第23届全国中学生... 23页 5下载券 喜欢...

2006年第23届全国中学生物理竞赛预赛试题.doc

2006 年第 23 届全国中学生物理竞赛预赛试卷总分 200 分 考试时间 1

2016年第33届全国中学生物理竞赛预赛试卷及参考答案与....doc

2016年第33届全国中学生物理竞赛预赛试卷及参考答案评分标准word版_学科竞赛_高中教育_教育专区。2016,33,三十三,中学,物理,竞赛,答案,解析,评分标准 ...

第十八届全国中学生物理竞赛预赛试题参考解答、评分标准.doc

第十八届全国中学生物理竞赛预赛试题参考解答评分标准。第十八届全国中学生物理...06年第23届全国中学生物... 6页 1下载券 第28届全国中学生物理竞... 12...

第32届全国中学生物理竞赛预赛试卷及解析.doc

第 32 届全国中学生物理竞赛预赛试卷 参考解答评分标准一、选择题.本题共 5

第28届全国中学生物理竞赛预赛试卷参考解答与评分标准.doc

第28届全国中学生物理竞赛预赛试卷参考解答评分标准 - http://www.shijuan.cn 第 28 届全国中学生物理竞赛预赛试卷 参考解答评分标准 一、选择题. 答案: 1....

第25届全国中学生物理竞赛预赛卷+参考解答与评分标准.doc

第25届全国中学生物理竞赛预赛卷+参考解答评分标准 - 第 25 届全国中学生物理竞赛预赛卷 一、选择题。本题共 6 小题,每小题 6 分。在每小题给出的 4 ...

第32届全国中学生物理竞赛预赛试卷及答案_图文.pdf

第32届全国中学生物理竞赛预赛试卷及答案_学科竞赛_...5分 物理竞赛预赛卷参考解答评分标准 第 1页 (...

网站首页 | 网站地图
All rights reserved Powered by 学霸学习网 www.tceic.com
copyright ©right 2010-2021。
文档资料库内容来自网络,如有侵犯请联系客服。zhit325@126.com