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浙江省杭州市杭州学军中学2014届高三第二次月考数学(理)试题


杭州市杭州学军中学 2014 届高三第二次月考 数学(理)试题
一、选择题:本大题共 10 小题,每小题 5 分,共 50 分.在每小题给出的四个选项中, 只有一项是符合题目要求的. 1 1.已知集合 M={0,1,2,3}, N={x|2<2x<4},则集合 M∩(CRN)等于( )
A.{0,1,2} B.{2,3} C.O / D.{0,1,2,3} )条件 2.已知命题 p:lnx>0,命题 q:ex>1 则命题 p 是命题 q 的( A.充分不必要 B.必要不充分

C.充要 D.既不充分也不必要 ( )

3.若 tan ? ? 3 ,则 sin ? cos ? ?

A.

3 2
x ?x

B. 3

C.

3 3

D.

3 4

4.若函数 f ( x) ? ka ? a (a ? 0且a ? 1) 在( ?? , ?? )上既是奇函数又是增函数,则函 数 g ( x) ? log a ( x ? k ) 的图象是( )

5. 将函数 y ? sin ? 2 x ? A .向左平移

? ?

??

? ? ? ( ) ? 的图像经怎样平移后所得的图像关于点 ? ? , 0 ? 中心对称 3? ? 12 ?
B.向左平移

? 12

? 6

C.向右平移

? 12

D.向右平移

? 6

6. 已 知 x1 是 方 程 10 x ? ? x ? 2 的 解 ,

x 2 是 方 程 lg x ? ? x ? 2 的 解 , 函 数

f ( x) ? ?x ? x1 ??x ? x2 ? ,则 (
A. f (0) ? f (2) ? f (3) C. f (3) ? f (0) ? f (2) 7.函数 f ( x) ? cos(x ? A.周期为 π 的偶函数 C.周期为 π 的奇函数

) B. f (2) ? f (0) ? f (3) D. f (0) ? f (3) ? f (2)

?
4

) ? cos(x ?

?
4

)是





B.周期为 2π 的偶函数 D.周期为 2π 的奇函数

8. 已知二次函数 y ? ax ( a ? 0 ) ,点 P(1, ? 2) 。若存在两条都过点 P 且互相垂直
2

的直线 l1 和 l 2 ,它们与二次函数 y ? ax 2 ( a ? 0 )的图像都没有公共点,则 a 的取 值范围为(
1 A. ( , ? ?) 8


?1 ? B. ? , ? ?? ?8 ?

1 C. (0 , ) 8

? 1? D. ? 0 , ? ? 8?

?lg( x ? 1), x ? 0 ? 9、函数 f ( x) ? ? 图象上关于坐标原点 O 对称的点有 n 对,则 n 的值为( ) ? cos x, x ? 0 ? 2 ?
A.4 B.3 C.5 D.无穷多 2 10. 已知函数 f(x)=x -2ax-2alnx(a?R),则下列说法不正确的是 ( A.当 a ? 0 时,函数 y ? f ( x) 有零点 C.存在 a ? 0 ,函数 y ? f ( x) 有唯一的零点 )

B.若函数 y ? f ( x) 有零点,则 a ? 0 D.若函数 y ? f ( x) 有唯一的零点,则 a ? 1

二:填空题:本大题共 7 小题,每小题 4 分,共 28 分
11. 曲线 y ?

x 在点(1,1)处的切线方程为 2x ?1

.

12. 已知幂函数 f ( x) 的图像过点 ? 8, ? ,则此幂函数的解析式是 f ( x) ? _____________. 13. 已知 y ? f ( x) 是定义在 R 上的增函数,且 y ? f ( x) 的图像关于点 (6, 0) 对称.若实数

? ?

1? 2?

x, y 满足不等式 f ( x 2 ? 6 x) ? f ( y 2 ? 8 y ? 36) ? 0 ,则 x 2 ? y 2 的取值范围是
14. 某商品在最近 100 天内的单价 f (t ) 与时间 t 的函数关系是



?t ? 22 (0 ? t ? 40, t ? N) ? ?4 f (t ) ? ? 日 销 售 量 g (t ) 与 时 间 t 的 函 数 关 系 是 ?? t ? 52 (40 ? t ? 100, t ? N) ? ? 2 t 109 g (t ) ? ? ? (0 ? t ? 100, t ? N) .则这种商品的日销售额的最大值为 . 3 3
15. 已知关于 x 的不等式 ( x ? 1) ? ax 有且仅有三个整数解,则实数 a 的取值范围为
2 2

16. 函数 f ( x ) ? min 2 x , x ? 2 ,其中 min ?a ,b? ? ?

?

?

? a, a ? b ,若动直线 y ? m 与函数 ?b, a ? b

y ? f ( x) 的图像有三个不同的交点,它们的横坐标分别为 x1 , x2 , x3 ,则 x1 ? x2 ? x 3 是否存在
最大值?若存在, 在横线处填写其最大值; 若不存在, 直接填写 “不存在” _______________.

17. 已 知 函 数

f ( x) ?| x ?

1 1 )? | ? | x ? | , 关 于 x 的 方 程 f 2 ( x)? a f( x x x
.

b ? 0

( a, b ? R )恰有 6 个不同实数解,则 a 的取值范围是

三、解答题:本大题共 5 小题,共 72 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤 18. 已知函数 f ( x) ? A cos(?x ? ? ) ( A ? 0 , ? ? 0 , ? 为 (0, 1) ,它在 y 轴右侧的第一个最高点和 第一个最低点的坐标分别为 ( x 0 ,2) 和 ( x 0 ? 2? ,?2) (1)求函数 f ( x) 的解析式; (2)若锐角 ? 满足 cos ? ?
1 ,求 f (2? ) 的值. 3

?
2

? ? ? 0 )的图像与 y 轴的交点

19. 已知命题 p : 方程 a 2 x 2 ? ax ? 2 ? 0 在 ? ?1,1? 上有解;命题 q : 只有一个实数 x 满足不等 式 x 2 ? 2ax ? 2a ? 0 ,若命题“ p或q ”是假命题,求 a 的取值范围.

20. 已 知 二 次 函 数 f ( x) ? x2 ? 2bx ? c(b, c ? R) 满 足 f ( 1 ? )

, 0 且关于 x 的方程

f ( x)? x? b? 的两个实数根分别在区间 0 (?3, ?2) 、 (0,1) 内.
(1)求实数 b 的取值范围; (2)若函数 F ( x) ? logb f ( x) 在区间 (?1 ? c,1 ? c) 上具有单调性,求实数 c 的取值范围.

21. 设函数 f ( x) 和 g ( x) 都是定义在集合 M 上的函数,对于任意的 x ? M ,都有

f ( g ( x)) ? g ( f ( x)) 成立,称函数 f ( x) 与 g ( x) 在 M 上互为“ H 函数”.
(1)函数 f ( x) ? 2 x 与 g ( x) ? sin x 在 M 上互为“ H 函数” ,求集合 M ; (2)若函数 f ( x) ? a ( a ? 0且a ? 1) 与 g ( x) ? x ? 1 在集合 M 上互为 “ H 函数”,
x

求证: a ? 1 ;

(3) 函数 f ( x) ? x ? 2 与 g ( x) 在集合 M ? {x | x ? ?1 且 x ? 2k ? 3 , “H k ? N * } 上互为 函数” ,当 0 ? x ? 1 时, g ( x) ? log 2 ( x ? 1) ,且 g ( x) 在 (?1,1) 上是偶函数,求函数 g ( x) 在集 合 M 上的解析式.

22. 已知函数 f(x)=x|x﹣a|﹣lnx (1)若 a=1,求函数 f(x)在区间[1,e]的最大值; (2)求函数 f(x)的单调区间; (3)若 f(x)>0 恒成立,求 a 的取值范围

杭州学军中学 2014 届高三第二次月考 参考答案
一、选择题:本大题共 10 小题,每小题 5 分,共 50 分.在每小题给出的四个选项中,只有 一项是符合题目要求的. 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 题号 答案 B A D C C A D A A B 8. 易知 l1 斜率存在,且不为0。设 l1 的斜率为 k ,则 l1 的方程为 y ? 2 ? k ( x ? 1) 。

? y ? ax 2 由? 得, ax2 ? kx ? k ? 2 ? 0 。 ? y ? 2 ? k ( x ? 1)

由 l1 与二次函数 y ? ax 2 ( a ? 0 )的图像没有公共点知, △1 ? k 2 ? 4a(k ? 2) ? 0 。 同 理 , 由 l 2 与 二 次 函 数 y ? ax 2 ( a ? 0 ) 的 图 像 没 有 公 共 点 知 ,
1 1 △2 ? (? )2 ? 4a(? ? 2) ? 0 。 k k

由 △1 ? 0 ,得 2a ? 2 a 2 ? 2a ? k ? 2a ? 2 a 2 ? 2a ; 由 △2 ? 0 ,得 8ak 2 ? 4a ? 1 ? 0 , k ?
? △1 ? 0 依题意,方程组 ? 有解。 ? △2 ? 0

a ? a 2 ? 2a a ? a 2 ? 2a 或k ? 。 4a 4a

? a? 2a ? 2 a 2 ? 2a ? ? ? △1 ? 0 ? ∵ 方程组 ? 无解 ? ? ? △2 ? 0 a? ? 2a ? 2 a 2 ? 2a ? ? ?

a 2 ? 2a 4a a 2 ? 2a 4a

,解得 0 ? a ?

1 。 8

? △1 ? 0 1 1 ∴ 方程组 ? 有解 ? a ? 。故, a 的取值范围为 ( , ? ?) 。 8 8 ? △2 ? 0
10. 解法一:由 f ( x) ? x ? 2ax ? 2a ln x(a ? R ) 得
2

所以 g '( x) ?

? x ? 2 ln x ? 1 ,因 y ? ? x ? 2 ln x ? 1 在 (0, ??) 上递减且 x ? 1 时等于 0, x3

1 x ? ln x x ? ln x ,设 g ( x) ? , ? 2 2a x x2

所以 x ? (0,1), g ( x) 递增, x ? (1, ??), g ( x) 递减, 又 g (1) ? 1, x ? 0 ? 时,g ( x) ? -?,

x ? ??时, g ( x) ? 0 .其图象如图所示.

所以当 当

1 ? 0或2a ? 1 时有一个零点, 2a

1 1 ? (0,1) 时有两个零点. 所以当 a ? 0或a ? 时, 2a 2 1 函数有唯一零点, a ? 时,函数有两个零点, 2
则 A,C,D 正确, B 错误,故选 B.

y
1

o

1

x

解 法 二 : f '( x) ? 2 x ?

2a ? 2a, ( x ? 0). 当 a ? 0 时 , f '( x) ? 0 恒 成 立 . f ( x)递增 且 x

f (1) ? 1 ? 2a ? 0 , x ? 0?, f ( x) ? ??. 所以一定有唯一零点;当 a ? 0 时,无零点;

t2 当 a ? 0 时, f '( x) ? 0 必有一个根 t>0,即 t ? at ? a ? 0 ,则 a ? . t ?1
2

当 x ? (0, t ) 时, f ( x) 递减,当 x ? (t , ??) 时, f ( x) 递增.

f ( x) min ? f (t ) ? t 2 ? 2at ? 2a ln t ?

?t 3 ? t 2 ? 2t 2 ln t ?t 2 (2 ln t ? t ? 1) , ? t ?1 t ?1

令 f (t ) ? 0 , 即得 h(t ) ? 2 ln t ? t ? 1 ? 0 , 由于 h(t ) ? 2 ln t ? t ? 1 为增函数 , 仅当 t=1 时, h(t ) ? 0 ,此时 a ? 所以当 a ? 0或a ?

1 . 即时,函数 f ( x) 有唯一零点 x ? t ? 1 , 2

1 时,函数 f ( x) 有唯一零点,则 A,C,D 正确, B 错误,故选 B. 2
13. [16,36] 14. 808.5 15. [16/9,9/4)

二:填空题:本大题共 7 小题,每小题 4 分,共 28 分 11. x+y-2=0 16. 1 17. 12. Y=

(?4, ?2)

13. 因 为 函 数 y ? f ( x) 的 图 像 关 于 点 (6, 0) 对 称 , 所 以 f ( x? 6 ) ? ? f ( 6? x , ) 由

f ( x 2 ? 6 x) ? f ( y 2 ? 8 y ? 36) ? 0 f ( x2 ? 6 x)? ? f ( 2 y ? 8 y? 3 6 )? ? f 2(y ? 8y ? 3 0 ? 6) ?f
2 [? 6 y ( ? y 8? 30)] , 因为函数

y ? f ( x) 是 定 义 在 R 上 的 增 函 数 , 所 以 得 x 2 ? 6 x ? 6 ? ( y 2 ? 8 y ? 30) , 即

x 2 ? 6 x ? y 2 ? 8 y ? 30 ? 6 ? 0 ,配方得 ( x ? 3)2 ? ( y ? 4) 2 ? 1 ,所以圆心为 (3, 4) ,半径为
1, x ? y 的几何意义为圆上动点到原点距离的平方的最值。圆心到原点的距离为 5 ,所
2 2

以动点到原点的距离的范围是 4 ? d ? 6 ,所以 16 ? d 2 ? 36 ,所以 x ? y 的取值范围是
2 2

[16,36] 。
15. 易知, a ? 0 , x ? 0 是不等式的解, x ? 1 不是不等式的解。∴

不等式的三

个整数解只能为 ?2 , ?1 , 0 。不等式 ( x ? 1)2 ? ax 2 化为, (a ? 1) x 2 ? 2 x ? 1 ? 0 。 设 f ( x) ? (a ? 1) x 2 ? 2 x ? 1 ,则依题意,方程 f ( x) ? 0 的两根满足 ?3 ? x1 ? ?2 ,
0 ? x2 ? 1 。
16 9 ? a ? 。∴ 9 4

?( ? ? 1 )? 6 1 ? 0 f ( 0 )? ? 1 ? 0 ? f (? 3 ?) a9 ,且 ? 。解得 ? ?( ? ? 1 )? 4 1 ? 0 f ( 1 )? a (? 1 ?) ?2 ? 1 0 ? f (? 2 ?) a4

a 的取值范围为 ?

?16 9 ? , ?。 ? 9 4?

16. 【解析】由 2 x ? x ? 2 得 4 x ? x 2 ? 4 x ? 4 ,即 x 2 ? 8x ? 4 ? 0 ,解得 x ? 4 ? 2 3 或

x ? 4 ? 2 3 。即 xB ? 4 ? 2 3 , xC ? 4 ? 2 3 ,所以 yB ? 4 ? 2 3 ? 2 ? 2 3 ? 2 ,所以
由 图 象 可 知 要 使 直 线 y ? m 与 函 数 y ? f ( x) 的 图 像 有 三 个 不 同 的 交 点 , 则 有

0 ? m ? 2 3 ? 2 ,即实数 m 的取值范围是 0 ? m ? 2 3 ? 2 。不妨设 x1 ? x2 ? x3 ,则由题

m2 意 可 知 2 x1 ? m , 所 以 x1 ? , 由 x ? 2 ? m 得 x2 ? 2 ? m, x3 ? 2 ? m , 所 以 4 x1 x 2x 3? m2 m 2( 4? m 2 ) m2 ? 4 ? m2 2 2 2 ( 2? m ) (? 2m ? ) ) ? 4 ,所以 ,因为 m (4 ? m ) ? ( 4 4 2 m2 (4 ? m2 ) 4 ? ? 1 ,即 x1 x2 x3 存在最大值,最大值为 1. 4 4

x1 x2 x3 ?

17. 【解析】因为

f ( x) ?| x ?

1 1 1 1 | ? | x ? |? x ? ? | x ? | , x x x x

当 x ? ?1 时,

f ( x) ? x ?

1 1 1 1 2 ? | x ? |? ? x ? ? x ? ? ? ; x x x x x

当 ?1 ? x ? 0 时,

f ( x) ? x ?

1 1 1 1 ? | x ? |? ? x ? ? x ? ? ?2 x ; x x x x

当 0 ? x ? 1 时,

f ( x) ? x ?

1 1 1 1 ? | x ? |? x ? ? x ? ? 2 x ; x x x x

当 x ? 1时,

f ( x) ? x ?

1 1 1 1 2 ? | x ? |? x ? ? x ? ? 。 x x x x x

? 2 ? ? x , x ? ?1, ? ? ?2 x, ?1 ? x ? 0, 所以函数 f ( x ) ? ? ,做出函数 f ( x) 的图象如图 ? 2 x, 0 ? x ? 1, ?2 ? , x ?1 ?x



设 f ( x) ? t ,则当 t ? 2 时,方程 f ( x) ? t 有两个解。当 0 ? t ? 2 时,方程 f ( x) ? t 有四个 不同的解。所以要使方程

f 2 ( x) ? a f ( x) ? b ? 0 ( a, b ? R )恰有 6 个不同实数解,则

t 2 ? at ? b ? 0 的 一 个 根 为 2 , 另 外 一 个 根 0 ? t ? 2 , 设 g (t ) ? t 2 ? at ? b , 则 有

?? ? a 2 ? 4b ? 0 ?a 2 ? 4b ? 0, ? ?a 2 ? 4b ? 0, ?a 2 ? 4(? 4 ? 2a ) ? 0 ? g (2) ? 0, ? 4 ? 2 a ? b ? 0, ? ? ? ? ,即 ? 所以 ?b ? ?4 ? 2a ? 0 ,即 ??4 ? 2a ? 0 , ? g (0) ? 0, ? ?b ? 0, ??4 ? a ? 0 ??4 ? a ? 0 ? ? ?0 ? ? a ? 2 ? ??4 ? a ? 0 ? ? 2

解得 ?4 ? a ? ?2 ,即 a 的取值范围是 (?4, ?2) 。

三、解答题:本大题共 5 小题,共 72 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤 18. 解: (1)由题意可得 A ? 2

T 1 ? 2? 即 T ? 4? , ? ? 2 2 1 1 ? ? f ( x) ? 2 cos( x ? ? ) , f (0) ? 1 由 cos? ? 且 ? ? ? ? 0 ,得 ? ? ? 2 3 2 2

函数 f ( x) ? 2 cos( x ?

1 2

?
3

)

(2)由于 cos ? ?

2 2 1 且 ? 为锐角,所以 sin ? ? 3 3

f (2? ) ? 2 cos(? ?

?
3

) ? 2(cos ? cos

?

? sin ? sin ) 3 3

?

1 1 2 2 3 1? 2 6 ? 2?( ? ? ? )? 3 2 3 2 3
19. 解:由题意知 a ? 0 .若 p 正确, a x ? ax ? 2 ? (ax ? 2)(ax ? 1) ? 0 的解为
2 2

1 2 或? . a a

若方程在 ? ?1,1? 上有解, 只需满足 ?1 ?

1 2 ? 1 或 ?1 ? ? 1 . 即 a ? ? ??, ?1? ? ?1, ??) . a a

若 q 正确,即只有一个实数 x 满足 x 2 ? 2ax ? 2a ? 0 ,则有 ? ? 0, 即 a ? 0或2 . 若 p或q 是假命题,则 p或q 都是假命题, 有?

? ?1 ? a ? 1, 所以 a 的取值范围是 (?1, 0) ? (0,1) . ? a ? 0且a ? 2,

20. 解: (1)由题知 f (1) ? 1 ? 2b ? c ? 0, ?c ? ?1 ? 2b. 记 g ( x) ? f ( x) ? x ? b ? x 2 ? (2b ? 1) x ? b ? c ? x 2 ? (2b ? 1) x ? b ? 1 ,
? g (?3) ? 5 ? 7b ? 0 ? g (?2) ? 1 ? 5b ? 0 1 5 1 ? ? 则? ? ? b ? , 即b?( , ) . 5 7 5 ? ? g (0) ? ?1 ? b ? 0 ? g (1) ? b ? 1 ? 0 ?

(2)令 u ? f (x),?0 ?

1 ? ? b ? ?? , ? logb u 在区间 (0, ??) 上是减函数. 5 ?

而 ?1 ? c ? 2b ? ?b ,函数 f ( x) ? x 2 ? 2bx ? c 的对称轴为 x ? ?b ,
? f ( x) 在区间 (?1 ? c,1 ? c) 上单调递增.

从而函数 F ( x) ? logb f ( x) 在区间 (?1 ? c,1 ? c) 上为减函数. 且 f ( x) 在区间 (?1 ? c,1 ? c) 上恒有 f ( x) ? 0 ,只需要 f (?1 ? c) ? 0 ,
? ?c ? ?2b ? 1 ?? ? ? f (?1 ? c) ? 0 1 ? ( ?b? ) 17 5 ? ? ? ? c ? ?2. 7

sin x ? 0 21. (1) 由 f ( g ( x) ? g ( f ( x)) 得 2 sin x ? sin 2 x 化简得, 2 sin x(1 ? cos x) ? 0 ,
或 cos x ? 1

解得 x ? k? 或 x ? 2k? , k ? Z ,即集合 M ? {x | x ? k? } k ? Z (若学生写出的答案是集合 M ? {x | x ? k? , k ? Z } 的非空子集,扣 1 分,以示区别。) (2)证明:由题意得,a x ?1 ? a x ? 1( a ? 0 且 a ? 1 )变形得,a (a ? 1) ? 1 ,由于 a ? 0
x

且 a ? 1 ax ?

1 1 因为 a x ? 0 ,所以 ? 0 ,即 a ? 1 a ?1 a ?1

(3)当 ? 1 ? x ? 0 ,则 0 ? ? x ? 1 ,由于函数 g ( x) 在 (?1,1) 上是偶函数 则 g ( x) ? g (? x) ? log 2 (1 ? x) 所以当 ? 1 ? x ? 1 时, g ( x) ? log2 (1? | x |) 由于 f ( x) ? x ? 2 与函数 g ( x) 在集合 M 上“ 互为 H 函数” 所 以 当 x ? M , f ( g ( x) ? g ( f ( x)) 恒 成 立 , g ( x) ? 2 ? g ( x ? 2) 对 于 任 意 的

x ? (2n ? 1,2n ? 1) ( n ? N )恒成立,即 g ( x ? 2) ? g ( x) ? 2
所以 g[ x ? 2(n ? 1) ? 2] ? g[ x ? 2(n ? 1)] ? 2 ,即 g ( x ? 2n) ? g[ x ? 2(n ? 1)] ? 2 所以 g ( x ? 2n) ? g ( x) ? 2n ,当 x ? (2n ? 1,2n ? 1) ( n ? N )时, x ? 2n ? (?1,1)

g ( x ? 2n) ? log2 (1? | x ? 2n |)
所以当 x ? M 时,

g ( x) ? g[( x ? 2n) ? 2n] ? g ( x ? 2n) ? 2n ? log2 (1? | x ? 2n |) ? 2n ???2 分
22. 解:(1)若 a=1,则 f(x)=x|x﹣1|﹣lnx.当 x∈[1,e]时,f(x)=x ﹣x﹣lnx, ,所以 f(x)在[1,e]上单调增,
2





(2)由于 f(x)=x|x﹣a|﹣lnx,x∈(0,+∞). (ⅰ)当 a≤0 时,则 f(x)=x ﹣ax﹣lnx,
2



令 f′(x)=0,得

(负根舍去),

且当 x∈(0,x0)时,f′(x)<0;当 x∈(x0,+∞)时,f′(x)>0, 所以 f(x)在 上单调递减,在 上单调递增.

(ⅱ)当 a>0 时,①当 x≥a 时,



令 f′(x)=0,得



舍),



,即 a≥1,则 f′(x)≥0,所以 f(x)在(a,+∞)上单调增;

若 (x)>0,

,即 0<a<1,则当 x∈(0,x1)时,f′(x)<0;当 x∈(x1,+∞)时,f′

所以 f(x)在区间

上是单调减,在

上单调增.

②当 0<x<a 时,
2 2 2

, ,则 f′(x)≤0,

令 f′(x)=0,得﹣2x +ax﹣1=0,记△=a ﹣8,若△=a ﹣8≤0,即 故 f(x)在(0,a)上单调减;若△=a ﹣8>0,即 则由 f′(x)=0 得 ,
2

, ,且 0<x3<x4<a,

当 x∈(0,x3)时,f′(x)<0;当 x∈(x3,x4)时,f′(x)>0;当 x∈(x4,+∞)时,f′ (x)>0, 所以 f (x) 在区间 上是单调减, 在 上

单调增;在

上单调减.

综上所述,当 a<1 时,f(x)的单调递减区间是

,单调递增区间是

; 当 当 时,f(x)单调递减区间是(0,a),单调的递增区间是(a,+∞); 时,f(x)单调递减区间是(0, )和 ,单调的

递增区间是

和(a,+∞).

(3)函数 f(x)的定义域为 x∈(0,+∞).由 f(x)>0,得 (ⅰ)当 x∈(0,1)时,|x﹣a|≥0, (ⅱ)当 x=1 时,|1﹣a|≥0, ,不等式*恒成立,所以 a∈R; ,所以 a≠1; 恒成立或

.*

(ⅲ)当 x>1 时,不等式*恒成立等价于

恒成立.



,则



因为 x>1,所以 h'(x)>0,从而 h(x)>1. 因为 恒成立等价于 a<(h(x))min,所以 a≤1.


2

,则



再令 e(x)=x +1﹣lnx,则 +∞)上无最大值.

在 x∈(1,+∞)上恒成立,e(x)在 x∈(1,

综上所述,满足条件的 a 的取值范围是(﹣∞,1) .


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